Sujet bac S - Annale sciences de l'ingénieur 2019 - Corrigé

Attention

Ce corrigé contient des pistes de réflexion et ne constitue pas un corrigé type. D’autres méthodes que celles présentées permettent elles aussi d’obtenir les bonnes résolutions ainsi que les points.

• La figure 5 indique clairement que le désherbage classique de l’agriculteur a ses limites (deux décrochages dont un en juillet ne permettant plus de considérer la parcelle comme propre). Le robot est visiblement moins impacté et lorsqu’il l’est, il permet de conserver une meilleure « propreté » et permet de remonter la satisfaction plus vite, il est donc particulièrement adapté à l’usage qui lui est destiné.
• Un calcul simple de proportionnalité permet d’indiquer que le coût aux $1\,000\ \text{m}^2$ est de :
• $\frac {161,5}{1,9} = 85\ \text{euros}/1\,000\ \text{m}^2$ pour le robot ;
• $\frac {328}{1,6} = 205\ \text{euros}/1\,000\ \text{m}^2$ pour l’agriculteur
• L’opération est la même pour la durée (attention aux conversions minutes/heure).
• Pour une surface de $65\,000\ \text{m}^2$ :
• le robot coûte $5\,525\ \text{euros}$ ;
• l’agriculteur coûte $13\,325\ \text{euros}$.
• L’utilisation du robot fait donc gagner $7\,800\ \text{euros}$ pour une surface moyenne française.
• Pour amortir le prix du robot, il faut effectuer l’opération suivante :

$\frac {70\,000}{7\,800} = 9$ désherbages (arrondir par excès), soit $3$ ans.

• L’achat du robot permet au maraîcher :
• d’économiser du temps ;
• de réaliser un désherbage de meilleure qualité
• d’économiser de l’argent après une période d’amortissement relativement faible ($3$ ans).
• Ces arguments permettent de justifier l’achat de ce matériel.
• Pour la position $h = 30\ \text{cm}$ (position relevée) :
• le vérin de relevage est à $500\ \text{mm}$ ;
• le vérin d’horizontalité est à $320\ \text{mm}$.

Pour la position $h = 0\ \text{cm}$ (position abaissée) :

• le vérin de relevage est à $320\ \text{mm}$ ;
• le vérin d’horizontalité est à $370\ \text{mm}$.
• Il est donc nécessaire de sélectionner une gamme de vérins dont la longueur minimale est de $320\ \text{mm}$ et dont la course est de $180\ \text{mm}$.
• Par lecture graphique, on repère qu’une distance de $5\ \text{mm}$ sur les outils correspond à une longueur de $0,5\ \text{mm}$ sur le vérin. Il doit donc avoir une exigence de $+$ ou $-5\ \text{mm}$ sur le positionnement.
• Pour cette question, il faut appliquer la formule proposée au-dessus de la figure 11 après avoir converti les $5\degree$ en radians.
• Il faut conserver la valeur la plus basse entre la variation calculée à la question 8 et celle calculée à la question 9.
• Il faut utiliser dans le tableau : $850$ (le zéro correspond à la commande de consigne).
• La consigne à envoyer est $15$ car $15\ \%$ correspondent à $30\ \text{mm}$, ce qui est bien la différence entre $340\ \text{mm}$ et $310\ \text{mm}$.
• $1\ \%$ correspond à $2\ \text{mm}$, la précision est donc à $+$ ou $- 2\ \text{mm}$ par rapport à la valeur demandée.
• Cette précision est inférieure à la précision demandée lors de la question 10, ce système de codage est donc compatible avec la précision souhaitée.
• Pour répondre à cette question, on utilise le théorème du moment dynamique :

$\displaystyle\sum \vec M${A,\text{ext}/S} = \displaystyle{\int{S} \overrightarrow{AM} \land \vec \Gamma{M,S/Rg} \text d m}

$\footnotesize{\textcolor{#A9A9A9}{\text{[en y intégrant les actions des différents éléments]}}}$

• L’action du sol sur le soc est une réaction du support dirigée dans la même direction mais le sens contraire à l’action du soc sur le sol.

Il est donc possible en utilisant la question précédente d’obtenir directement l’action de réaction. L’écart entre cette valeur et celle indiquée dans le cahier des charges est plus faible que la flexibilité.

• Il est donc possible de conclure que le système est correctement calibré pour permettre un amorçage du binage.
• En utilisant le graphique, on remarque un effort descendant à $96\ \text{N}$ pour une position relevée de $3\ \text{cm}$. On est juste dans la limite basse admissible par le cahier des charges, il ne faut pas que la variation soit supérieure car, sinon, le système serait en dehors des valeurs acceptables.
• La tige de vérin est alimentée par le réducteur. En sortie de réducteur, la vitesse est de $\frac {3\,600}{6,25} = 576\ \text{tr}\cdot \text{min}^{-1}$.

$1$ tour correspondant à $5\ \text{mm}$, le vérin se déplace de $2\,880\ \text{mm}\cdot \text{min}^{-1}$, soit $48\ \text{mm}\cdot \text{s}^{-1}$.

• Simulation : la vitesse est de $48\ \text{mm}\cdot \text{s}^{-1}$.
  Expérimental : la vitesse est de $35\ \text{mm}\cdot \text{s}^{-1}$ (lecture graphique).

La vitesse du moteur est donc expérimentalement de $2\,625\ \text{tr}\cdot \text{min}^{-1}$. (On reprend le cheminement de la question 18 à l’envers.)

• La vitesse est donc sensiblement plus basse que lors de la simulation.
• Système simulé : avec une vitesse de $48\ \text{mm}\cdot \text{s}^{-1}$, les $10\ \text{cm}$ sont parcourus en $2,09\ \text{s}$ (en dessous des $3\ \text{s}$ maximales demandées).
  Système réel : avec une vitesse de $35\ \text{mm}\cdot \text{s}^{-1}$, les $10\ \text{cm}$ sont parcourus en $2,86\ \text{s}$ (là aussi en dessous des $3\ \text{s}$ maximales demandées).

Le système réel est $25\ \%$ plus lent que le système simulé, le modèle n’est donc pas valide pour remplacer les valeurs expérimentales.

• En revanche, cela ne remet pas en cause le choix technique puisque le système réel correspond au cahier des charges.
• Dans la position, le moteur étant bloqué, il n’y a que la résistance qui influe sur le circuit.

$\begin{aligned} R &= \dfrac U I \ &= 0,65\ \Omega \end{aligned}$

• Pour répondre à cette question, on utilise les relations données en énoncé pour déterminer tout d’abord $k$ à partir de la vitesse de rotation et de la tension.

Puis, à partir de la seconde relation et de l’intensité mesurée à $5\ \text{A}$, en régime permanent, on obtient le couple de frottement sec.

L’écart entre la simulation et la mesure tient à deux faits :

• le moteur n’arrive pas en régime permanent tout de suite, il met $0,5\ \text{s}$ à prendre de la vitesse, durée durant laquelle l’intensité monte à $12\ \text{A}$ ;
• il existe une force contre-électromotrice dans le moteur qui lui fait perdre de la vitesse de rotation par rapport à un modèle théorique.

$\begin{aligned} 20:\ &\text{SI Score > Score\textunderscore Max ALORS} \ 21:\ &\text{D\textunderscore max = D} \ 22:\ &\text{Score\textunderscore Max = Score} \end{aligned}$